NOIP2010引水入城
在一个遥远的国度,一侧是风景秀美的湖泊,另一侧则是漫无边际的沙漠。该国的行政 区划十分特殊,刚好构成一个N行M列的矩形,如上图所示,其中每个格子都代表一座城 市,每座城市都有一个海拔高度。 为了使居民们都尽可能饮用到清澈的湖水,现在要在某些城市建造水利设施。水利设施 有两种,分别为蓄水厂和输水站。蓄水厂的功能是利用水泵将湖泊中的水抽取到所在城市的 蓄水池中。因此,只有与湖泊毗邻的第1行的城市可以建造蓄水厂。而输水站的功能则是通 过输水管线利用高度落差,将湖水从高处向低处输送。故一座城市能建造输水站的前提,是 存在比它海拔更高且拥有公共边的相邻城市,已经建有水利设施。 由于第N行的城市靠近沙漠,是该国的干旱区,所以要求其中的每座城市都建有水利 设施。那么,这个要求能否满足呢?如果能,请计算最少建造几个蓄水厂;如果不能,求干 旱区中不可能建有水利设施的城市数目。
输入的每行中两个数之间用一个空格隔开。 输入的第一行是两个正整数N和M,表示矩形的规模。 接下来N行,每行M个正整数,依次代表每座城市的海拔高度。
输出有两行。如果能满足要求,输出的第一行是整数1,第二行是一个整数,代表最少 建造几个蓄水厂;如果不能满足要求,输出的第一行是整数0,第二行是一个整数,代表有 几座干旱区中的城市不可能建有水利设施。
2 5
9 1 5 4 3
8 7 6 1 2
1
1
「数据范围」 本题共有10个测试数据,每个数据的范围如下表所示: 测试数据编号 能否满足要求 N M 1 不能 ≤ 10 ≤ 10 2 不能 ≤ 100 ≤ 100 3 不能 ≤ 500 ≤ 500 4 能 = 1 ≤ 10 5 能 ≤ 10 ≤ 10 6 能 ≤ 100 ≤ 20 7 能 ≤ 100 ≤ 50 8 能 ≤ 100 ≤ 100 9 能 ≤ 200 ≤ 200 10 能 ≤ 500 ≤ 500 对于所有的10个数据,每座城市的海拔高度都不超过10^6
样例2 说明
数据范围
题解
显然每个第一行的点要覆盖最后一行连续的一段区间,如果有些点不能覆盖,则这些点一定不能满足
从上往下灌水得出每个最后一行的点是否能被覆盖,回答第一问
从下往上反灌水得出每个第一行的点覆盖区间的左右端点
区间排序做线段覆盖
复杂度nm+mlogm
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 26 27 28 29 30 31 32 33 34 35 36 37 38 39 40 41 42 43 44 45 46 47 48 49 50 51 52 53 54 55 56 57 58 59 60 61 62 63 64 65 66 67 68 69 70 71 72 73 74 75 76 77 |
#include<iostream> #include<cstring> #include<cstdio> #include<cstdlib> #include<cmath> #include<algorithm> #define mod 1000000007 using namespace std; int read() { int x=0,f=1;char ch=getchar(); while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();} while(ch>='0'&&ch<='9'){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();} return x*f; } int xx[4]={1,-1,0,0},yy[4]={0,0,1,-1}; int n,m; int a[505][505],mp[505][505],l[505][505],r[505][505]; int qx[250005],qy[250005]; struct data{int l,r;}c[505]; bool operator<(data a,data b) { return a.l==b.l?a.r<b.r:a.l<b.l; } void bfs(int b[505][505],int x,int y,int v,bool f) { int head=0,tail=1; qx[0]=x;qy[0]=y;b[x][y]=v; while(head!=tail) { int x=qx[head],y=qy[head];head++; for(int k=0;k<4;k++) { int nowx=x+xx[k],nowy=y+yy[k]; if(nowx<1||nowy<1||nowx>n||nowy>m||b[nowx][nowy])continue; if(f==0&&a[nowx][nowy]>=a[x][y])continue; if(f==1&&a[nowx][nowy]<=a[x][y])continue; b[nowx][nowy]=b[x][y]; qx[tail]=nowx;qy[tail]=nowy;tail++; } } } int main() { n=read();m=read(); for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=m;j++) a[i][j]=read(); for(int i=1;i<=m;i++) bfs(mp,1,i,1,0); int tot=0; for(int i=1;i<=m;i++) if(!mp[n][i])tot++; if(tot) { printf("0\n%d\n",tot); return 0; } for(int i=1;i<=m;i++)if(!l[n][i])bfs(l,n,i,i,1); for(int i=m;i;i--)if(!r[n][i])bfs(r,n,i,i,1); for(int i=1;i<=m;i++) { if(!l[1][i])l[1][i]=r[1][i]; if(!r[1][i])r[1][i]=l[1][i]; c[i].l=l[1][i];c[i].r=r[1][i]; } int now=0,to=0; sort(c+1,c+m+1); for(int i=1;i<=m;i++) { if(now+1>=c[i].l)to=max(to,c[i].r); else now=to,to=max(to,c[i].r),tot++; } if(now!=m)tot++; printf("1\n%d\n",tot); return 0; } |