「BZOJ1898」Swamp 沼泽鳄鱼
Description
潘塔纳尔沼泽地号称世界上最大的一块湿地,它地位于巴西中部马托格罗索州的南部地区。每当雨季来临,这里碧波荡漾、生机盎然,引来不少游客。为了让游玩更有情趣,人们在池塘的中央建设了几座石墩和石桥,每座石桥连接着两座石墩,且每两座石墩之间至多只有一座石桥。这个景点造好之后一直没敢对外开放,原因是池塘里有不少危险的食人鱼。豆豆先生酷爱冒险,他一听说这个消息,立马赶到了池塘,想做第一个在桥上旅游的人。虽说豆豆爱冒险,但也不敢拿自己的性命开玩笑,于是他开始了仔细的实地勘察,并得到了一些惊人的结论:食人鱼的行进路线有周期性,这个周期只可能是2,3或者4个单位时间。每个单位时间里,食人鱼可以从一个石墩游到另一个石墩。每到一个石墩,如果上面有人它就会实施攻击,否则继续它的周期运动。如果没有到石墩,它是不会攻击人的。借助先进的仪器,豆豆很快就摸清了所有食人鱼的运动规律,他要开始设计自己的行动路线了。每个单位时间里,他只可以沿着石桥从一个石墩走到另一个石墩,而不可以停在某座石墩上不动,因为站着不动还会有其它危险。如果豆豆和某条食人鱼在同一时刻到达了某座石墩,就会遭到食人鱼的袭击,他当然不希望发生这样的事情。现在豆豆已经选好了两座石墩Start和End,他想从Start出发,经过K个单位时间后恰好站在石墩End上。假设石墩可以重复经过(包括Start和End),他想请你帮忙算算,这样的路线共有多少种(当然不能遭到食人鱼的攻击)。
Input
输入文件共M + 2 + NFish行。第一行包含五个正整数N,M,Start,End和K,分别表示石墩数目、石桥数目、Start石墩和End石墩的编号和一条路线所需的单位时间。石墩用0到N–1的整数编号。第2到M + 1行,给出石桥的相关信息。每行两个整数x和y,0 ≤ x, y ≤ N–1,表示这座石桥连接着编号为x和y的两座石墩。第M + 2行是一个整数NFish,表示食人鱼的数目。第M + 3到M + 2 + NFish行,每行给出一条食人鱼的相关信息。每行的第一个整数是T,T = 2,3或4,表示食人鱼的运动周期。接下来有T个数,表示一个周期内食人鱼的行进路线。 如果T=2,接下来有2个数P0和P1,食人鱼从P0到P1,从P1到P0,……; 如果T=3,接下来有3个数P0,P1和P2,食人鱼从P0到P1,从P1到P2,从P2到P0,……; 如果T=4,接下来有4个数P0,P1,P2和P3,食人鱼从P0到P1,从P1到P2,从P2到P3,从P3到P0,……。豆豆出发的时候所有食人鱼都在自己路线上的P0位置,请放心,这个位置不会是Start石墩。
Output
输出路线的种数,因为这个数可能很大,你只要输出该数除以10000的余数就行了。 「约定」 1 ≤ N ≤ 50 1 ≤ K ≤ 2,000,000,000 1 ≤ NFish ≤ 20
Sample Input
0 2
2 1
1 0
0 5
5 1
1 4
4 3
3 5
1
3 0 5 1
Sample Output
「样例说明」
时刻 0 1 2 3
食人鱼位置 0 5 1 0
路线一 1 2 0 5
路线二 1 4 3 5
HINT
在做完GT考试以后,发现这题其实很水。。
以12为一个周期,搞出12个转移的矩阵,乘在一起得到第13个转移矩阵
然后T/12的部分利用第13个转移矩阵进行快速幂
剩下部分利用前12矩阵暴力
题解
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 26 27 28 29 30 31 32 33 34 35 36 37 38 39 40 41 42 43 44 45 46 47 48 49 50 51 52 53 54 55 56 57 58 59 60 61 62 63 64 65 66 67 68 69 70 71 72 73 74 75 76 77 78 79 80 81 82 83 84 85 86 87 88 89 90 91 92 93 94 95 96 97 98 |
#include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #define mod 10000 using namespace std; inline int read() { int x=0,f=1;char ch=getchar(); while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();} while(ch>='0'&&ch<='9'){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();} return f*x; } int n,m,fish,start,end,T,t[25],f[25][5]; int cnt; int ans[55]; int head[55]; struct edge{int to,next;}e[10005]; void ins(int u,int v) {e[++cnt].to=v;e[cnt].next=head[u];head[u]=cnt;} void insert(int u,int v) {ins(u,v);ins(v,u);} int a[15][55][55],b[55][55]; void build1(int x) { for(int i=head[x];i;i=e[i].next) for(int j=1;j<=12;j++) a[j][x][e[i].to]=1; } void build2(int x) { for(int i=1;i<=12;i++) { int tmp=f[x][i%t[x]]; for(int j=0;j<n;j++) a[i][j][tmp]=0; } } void mul1(int a[55][55],int b[55][55],int c[55][55]) { int tmp[55][55]; for(int i=0;i<n;i++) for(int j=0;j<n;j++) { tmp[i][j]=0; for(int k=0;k<n;k++) tmp[i][j]=(tmp[i][j]+a[i][k]*b[k][j])%mod; } for(int i=0;i<n;i++) for(int j=0;j<n;j++) c[i][j]=tmp[i][j]; } void mul2(int a[55],int b[55][55],int c[55]) { int tmp[55]; for(int j=0;j<n;j++) { tmp[j]=0; for(int k=0;k<n;k++) tmp[j]=(tmp[j]+a[k]*b[k][j])%mod; } for(int j=0;j<n;j++) c[j]=tmp[j]; } int main() { n=read();m=read();start=read();end=read();T=read(); for(int i=1;i<=m;i++) { int u=read(),v=read(); insert(u,v); } fish=read(); for(int i=1;i<=fish;i++) { t[i]=read(); for(int j=0;j<t[i];j++) f[i][j]=read(); } for(int i=0;i<n;i++)build1(i); for(int i=1;i<=fish;i++)build2(i); for(int i=0;i<n;i++) b[i][i]=a[13][i][i]=1; for(int i=1;i<=12;i++) mul1(a[13],a[i],a[13]); int tmp=T/12; while(tmp) { if(tmp&1)mul1(b,a[13],b); mul1(a[13],a[13],a[13]); tmp>>=1; } for(int i=1;i<=T%12;i++) mul1(b,a[i],b); ans[start]=1; mul2(ans,b,ans); printf("%d",ans[end]); return 0; } |